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高考杨浦2016三模_2016杨浦区高三数学二模
tamoadmin 2024-07-05 人已围观
简介1.(2013?杨浦区三模)如图所示,放在水平地面上的实心柱体A、B,其中A的底面积大于B的底面积,A对地面的压2.(2014?杨浦区三模)如图所示,将小球a从距离地面h处以初速度v0竖直上抛的同时,将另一相同的小球b从距离3.(2014?杨浦区三模)气象台预报,距离S岛正东方向300km的A处有一台风形成,并以每小时30km的速度向北偏西4.(2014?杨浦区三模)如图,弧AEC是半径为r的半圆
1.(2013?杨浦区三模)如图所示,放在水平地面上的实心柱体A、B,其中A的底面积大于B的底面积,A对地面的压
2.(2014?杨浦区三模)如图所示,将小球a从距离地面h处以初速度v0竖直上抛的同时,将另一相同的小球b从距离
3.(2014?杨浦区三模)气象台预报,距离S岛正东方向300km的A处有一台风形成,并以每小时30km的速度向北偏西
4.(2014?杨浦区三模)如图,弧AEC是半径为r的半圆,AC为直径,点E为弧AC的中点,点B和点C为线段AD的三等分
5.(2014?杨浦区三模)如图所示,一辆载重卡车沿平直公路行驶,车上载有质量均为m的A、B两块长方体水泥预制
6.(2014?杨浦区三模)某同学设计了如图(a)所示电路研究电源输出功率变化情况.电源E电动势、内电阻恒定
7.(2014?杨浦区三模)如图,已知⊙0是△ABC的外接圆,半径长为5,点D、E分别是边AB和边AC是中点,AB=AC,B
8.(2014?杨浦区三模)如图所示,质量均可忽略的轻绳与轻杆所能承受的弹力的最大值一定,A端用铰链固定,滑
小球在P点的动能Ek=
1 |
2 |
1 |
2 |
解得vy=3v0,
则O和P点的高度差h=
vy2 |
2g |
9v02 |
2g |
设运动方向改变的角度为θ,知P点的速度方向与水平方向的夹角为θ,
则tanθ=
vy |
v0 |
故答案为:
9v02 |
2g |
(2013?杨浦区三模)如图所示,放在水平地面上的实心柱体A、B,其中A的底面积大于B的底面积,A对地面的压
A、若是异种电荷,电势应该逐渐减小,由图象可以看出,应该是等量的同种正电荷,故A错误;
B、沿x正方向从N到C的过程,电势降低,N、C两点间场强方向沿x轴正方向.故B错误;
C、φ-x图线的斜率表示电场强度,由图可得N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大,故C正确;
D、NC电场线向右,CD电场线向左,将一正点电荷从N点移到D点,电场力先做正功后做负功,电势能先减小后增大.故D错误;
故选:C
(2014?杨浦区三模)如图所示,将小球a从距离地面h处以初速度v0竖直上抛的同时,将另一相同的小球b从距离
(1)实心柱体对水平地面的压强:
p=
F |
S |
G |
S |
mg |
S |
ρVg |
S |
(2)由p=
F |
S |
G |
S |
mg |
S |
ρVg |
S |
∵两物体对水平面的压强相同,即p=ρAghA=ρBghB,
∴ρA<ρB,
当从水平方向截去相同高度h后:剩余的A物体对水平面的压强:pA=ρAg(hA-h)=p-ρAgh,
剩余的B物体对水平面的压强:pB=ρBg(hB-h)=p-ρBgh,
∵ρA<ρB,即ρAgh<ρBgh,
∴p-ρAgh>p-ρBgh,
即pA>pB,故D错误;
(3)∵A对地面的压强等于B对地面的压强.
∴由p=ρgh可得ρA<ρB.
当在两物体上部沿水平方向切去相同的厚度时,
∵A的边长大于B的边长,
∴A的底面积大于B的底面积,竖直方向截去的宽度相同,
∴A′的底面积大于B′的底面积,
∴不能确定切去部分的质量△mA一定大于△mB,故A错误;
(4)∵A的边长大于B的边长,
∴A的底面积大于B的底面积,在两物体上部沿水平方向切去相同的厚度时,
∴A′的底面积大于B′的底面积,
∵F=ps,
∴A′对地面的压力一定大于B′对地面的压力.
∴剩余部分的质量mA′一定大于mB′.故B正确.
故选B.
(2014?杨浦区三模)气象台预报,距离S岛正东方向300km的A处有一台风形成,并以每小时30km的速度向北偏西
A、B、a做竖直上抛运动,取竖直向上方向为正方向,则有:-h=v0ta-
1 |
2 |
t | 2a |
解得:ta=
v0+
| ||||
g |
b做竖直下抛运动,则有:2h=v0tb+
1 |
2 |
t | 2b |
解得:tb=
| ||||
g |
若ta=tb,联立解得v0=
|
|
|
C、落地前a球和b球均只受重力,机械能守恒,故C正确.
D、两球刚运动时,动能相等,b球的重力势能大,则b球的机械能大,而两球在空中运动的过程中机械能均守恒,所以相遇前、后a球的机械能均小于b球的机械能,故D错误.
故选:C.
(2014?杨浦区三模)如图,弧AEC是半径为r的半圆,AC为直径,点E为弧AC的中点,点B和点C为线段AD的三等分
解答:解;(1)设台风中心经过3小时到达点B,
由题意,在△SAB中,SA=300,AB=90,
∠SAB=90°-30°=60°,根据余弦定理,
SB2=SA2+AB2-2SA?AB?cos∠SAB
=3002+902-2×300×90cos60°
=71100,
∴SB=
71100 |
∴经过3小时S岛已经受到了影响.
(2)可设台风中心经过t小时到达点B,由题意得,
∠SAB=90°-30°=60°.
在△SAB中,SA=300,AB=30t,
由余弦定理,SB2=SA2+AB2-2SA?AB?cos∠SAB=3002+(30t)2-2×300×30tcos60°,
若S岛受到台风影响,则有SB≤270,即SB2≤2702,
化简整理得t2-10t+19≤0,解此不等式得5?
6 |
6 |
即t的范围大约在2.5小时与7.4小时之间.
∴从台风形成起,大约在2.5小时S岛开始受到影响,约持续4.9小时以后影响结束.
(2014?杨浦区三模)如图所示,一辆载重卡车沿平直公路行驶,车上载有质量均为m的A、B两块长方体水泥预制
(1)∵FC⊥平面BED,
ED?平面BED,
∴FC⊥ED,
∴异面直线ED与FC所成角的大小为90°.
(2)连接GC,在△BGC中,由余弦定理得:
CG2=r2+r2-2r2cos∠CBG=
2 |
5 |
由题设知,所得几何体为圆锥,其底面积为π?CG2=
2 |
5 |
该圆锥的体积为V=
1 |
3 |
2 |
5 |
4 |
15 |
(2014?杨浦区三模)某同学设计了如图(a)所示电路研究电源输出功率变化情况.电源E电动势、内电阻恒定
(1)对A根据牛顿第二定律,则有:μ1mg=ma1
即:a1=μ1g
对B,根据牛顿第二定律,
则有:2μ2mg-μ1mg=ma2?
即:a2=(2μ2-μ1)g
要使A相对B滑动,需满足a1<a车
要使B相对于车厢底板静止,需满足a车<a2
以上各式联立得:μ1g<a车<(2μ2-μ1)g
(2)卡车制动后,设A的位移为s1,有
v | 20 |
卡车的位移为s车?有:
v | 20 |
要使A不与车厢的前挡板相碰,应满足?s1-s车≤L
即:
| ||
2μ1g |
| ||
2a车 |
故:a车≤
μ1g
| ||
|
设卡车制动时间为t,则有:v0=a车t
得:t=
v0 |
a车 |
| ||
μ1gv0 |
答:(1)卡车制动的加速度满足μ1g<a车<(2μ2-μ1)g时,预制件A相对B滑动,而B相对车厢底板静止;
(2)制动后为保证司机安全,需使预制件不与车厢前挡板碰撞,则从卡车开始制动到停止所经历的时间应满足t≥
v02?2μ1gL |
μ1gv0 |
(2014?杨浦区三模)如图,已知⊙0是△ABC的外接圆,半径长为5,点D、E分别是边AB和边AC是中点,AB=AC,B
(1)A示数I=
E |
r+R3+R并 |
(2)从图b知,当R外=6Ω时,电源E的输出功率P最大,即电源内阻为6Ω,而R1和R2部分的电阻变化范围是0~4Ω,因此R3的阻值必须大于2Ω小于6Ω.即2Ω<R3<6Ω;
故答案为:(1)R1≤R2;(2)2Ω<R3<6Ω.
(2014?杨浦区三模)如图所示,质量均可忽略的轻绳与轻杆所能承受的弹力的最大值一定,A端用铰链固定,滑
解:连接AO并延长交BC于点H,连接OC,
∵AB=AC,
∴
AB |
AC |
∵O为圆心,
∴AH⊥BC,BH=HC,
∴HC=3,
∵半径OC=5,
∴OH=4,AH=9,
∴在Rt△AHC中,tan∠HAC=
HC |
AH |
3 |
9 |
1 |
3 |
1 |
3 |
∵D、E分别是边AB和边AC的中点,
∴DE∥BC,
∴AH⊥DE,
∴∠OAE+∠AED=90°,
∵E是边AC的中点,O为圆心,
∴OE⊥AC,
∴∠AED+∠OED=90°,
∴∠OAE=∠OED,
∴tan∠OED=tan∠OAE=
1 |
3 |
∴∠OED的正切值为:
1 |
3 |
以B点为研究对象,分析受力情况:重物的拉力T(等于重物的重力G)、轻杆的支持力N和绳子的拉力F,作出力图如图:
由平衡条件得知,N和F的合力与T大小相等,方向相反,根据三角形相似可得
N |
AB |
F |
BO |
T |
AO |
又T=G,解得:N=
AB |
AO |
BO |
AO |
使∠BAO缓慢变小时,AB、AO保持不变,BO变小,则N保持不变,F变小.故B正确,ACD错误.
故选B.